题目所在试卷参考答案：

2016年湖北省咸宁市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择題(本大题共10小题，每小题2分，共20分)

1．某校组织学生参加体育中考．以下记录的部分体检数据中，不合理的是(　　)

A．体温37℃ B．身高 1.60m

C．质量4000g D．肺活量 3500ml

[考点]长度的估测；温度；质量的估测．

[分析]首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项．

[解答]解：

A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小．此选项合理；

B、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高比成年人小一些，在160cm左右．此选项合理；

C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg=50000g左右．此选项不合理；

D、中学生的肺活量一般在3000-5000ml左右．此选项合理．

故选C．

2．下列实际应用中，主要从密度的角度考虑的是(　　)

A．用钨作为白炽灯泡灯丝的材料

B．用液体氢作为燃料给火箭提供动力

C．用塑料作为插座外壳的材料

D．用塑料泡沫做电影场最中倒塌的“墙壁”

[考点]密度的应用与物质鉴别．

[分析]利用下列知识分析判断：

①钨做灯丝是因为钨的熔点比较高，在高温下钨不容易熔化．

②从燃料的热值的角度分析解答．

③塑料、橡胶具有良好的绝缘性，广泛应用于电路的绝缘部分．

④相同体积时，物质的密度越小，质量越小．

[解答]解：

A、钨丝做灯丝是利用钨丝的熔点比较高的性质，不符合题意；

B、用液体氢作为燃料给火箭提供动力，是利用单位质量该燃料放出的热量多，与密度无关，不符合题意；

C、用塑料作为插座外壳的材料，利用了塑料绝缘性强的特点，可以保证用电安全，不符合题意；

D、用塑料泡沫做电影场最中倒塌的“墙壁”是因为塑料泡沫的密度比较小，相同体积时，质量小，对人的伤害小．符合题意．

故选D．

3．光的世界丰富多彩，下列现象中，属于光的折射现象的是(　　)

A．树荫下的圆形光斑 B．晴天看见“白云在水中飘动”

C．奇妙的光导纤维 D．雨后彩虹

[考点]光的折射现象及其应用．

[分析](1)光在同一均匀介质中沿直线传播．光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；

(2)光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；

(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象．

[解答]解：A、树荫下的圆形光斑是小孔成像，小孔成像是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；

B、“白云在水中飘动”是平面镜成像，属于光的反射形成的现象，故本B不符合题意；

C、激光在光纤内壁不断反射向前传播，属于光的反射现象，故C不符合题意．

D、光的色散是由光的折射形成的，由于不同色光折射程度不同，所以把白光折射分成各种色光．彩虹就属于色散现象，故D符合题意；

故选D．

4．第31届里约奧运会将于2016年8月5日至21日首次在南美洲举行．里约奥运会的吉祥物代表了巴西人的快乐和处事的方式．图中吉祥物对地面压强最大的是(　　)

A．

　B．

　C．

　D．

[考点]压强大小比较．

[分析]由“吉祥物在地面表演”可知，他此时的重力等于其对地面的压力，由图示可知B图中受力面积最小，根据压强公式P=

，即可作出判断．

[解答]解：由压强公式P=

可知，在压力一定的情况下，受力面积越小，压强越大．

由图示可知B图中受力面积最小，所以压强最大．

故选B．

5．如图所示，小球由静止开始沿着粗糙的路面从a点向d点自由运动，其中b和d两点在同一水平高度，则下列说法中错误的是(　　)

A．小球从a到c加速下滑，重力势能转化为动

能

B．小球从c到d减速上坡，动能转化为重力势能

C．小球在b和d时重力势能和动能都相等

D．小球从a到d的过程中部分机械能转化为内能

[考点]动能和势能的转化与守恒．

[分析](1)影响重力势能的因素有：质量和高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．影响动能的因素有：质量和速度．质量越大，速度越快，动能越大．

(2)没有摩擦、不计能量损失时，机械能是守恒的；若存在摩擦，一部分机械能会变成内能，机械能减小．

[解答]解：A、小球从a到c加速下滑，小球质量不变，速度增大，故动能增大；同时高度减小，重力势能减小，所以小球的重力势能转化为动能，故A正确；

B、小球从c到d减速上坡，小球质量不变，速度减小，故动能减小；同时高度增加，重力势能增大，所以小球的动能转化为重力势能，故B正确；

C、由于接触面粗糙，小球从b运动到d的过程中，有一部分机械能会转化为内能，故小球在b点的机械能大于在d点的机械能；已知b和d两点在同一水平高度，即两位置小球的重力势能相同，根据“机械能=动能+势能”可知，小球在b点的动能大于在d点的动能，故C错误；

D、由于接触面粗糙，所以小球从a到d的过程中部分机械能会转化为内能，小球的机械能减小，故D正确；

故选C．

6．下列事例中说法正确的是(　　)

A．“窃窃私语”指说话时声音的响度较小

B．减速进站的火车其惯性逐渐滅小

C．磕到碗边上的鸡蛋破了，是因为碗给鸡蛋的力大于鸡蛋给碗的力

D．注射器能把药水吸上来，说明注射器对药水有吸引力

[考点]响度；力作用的相互性；惯性；大气压强的存在．

[分析](1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，音调指声音的高低；响度指声音的强弱或大小；音色是声音的品质；

(2)质量是物体惯性大小的量度，物体质量不变，惯性不变；

(3)物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等；

(4)注射器在吸药水时能够把药水吸入注射器内，是利用了大气压

[解答]解：

A、窃窃私语意思是背地里小声说话，说明响度较小，故A正确；

B、减速进站的火车质量不变，其惯性不变，故B错误；

C、物体间力的作用是相互的，磕到碗边上的鸡蛋，虽然鸡蛋破了，但是碗给鸡蛋的力等于鸡蛋给碗的力，故C错误；

D、注射器能把药水吸上来，说明在外界大气压的作用下，药水进入注射器内，故D错误．

故选A．

7．长期以来，呼风唤雨一直是神话中“龙王爷’的权力，随着科学技术的发展，人类已经开始成功的干预天气，如图所示．在利用飞机播撒“干冰”(固态的CO2)人工增雨的过程中，说法正确的是(　　)

A．飞机在播撒“干冰”过程中相对地面是静止的

B．“干冰”播撒到空气中后会熔化吸收大量热量

C．云层中的水蒸气遇冷后会液化成小水滴或凝华为小冰晶

D．飞机机翼上方空气流速小于下方．所以机翼上方的压强大于机翼下方的压强

[考点]运动和静止的相对性；液化及液化现象；升华和凝华的定义和特点；流体压强与流速的关系．

[分析](1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止．

(2)(3)物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，由气态直接变成固态叫做凝华，升华吸热，凝华放热；

(4)流体压强和流速的关系：流速大的地方、压强小，流速小的地方、压强大．

[解答]解：A、飞机在播撒“干冰”的过程中，飞机与地面之间有位置的变化，因此飞机相对地面是运动的．故A错误；

BC、干冰是固态的二氧化碳，在常温下就可以迅速的变为气态，固态直接变为气态的现象叫升华，升华要吸热；干冰升华时要从空气中吸收热量，使空气的温度降低，水蒸气遇冷就会液化为小水滴或凝华为小冰晶，小冰晶在下落过程中熔化成小水滴，形成雨．“干冰”播撒到空气中后会升华，吸收大量热量．故B错误，C正确；

D、由于机翼都做成上凸下平的形状，空气在相同的时间内通过机翼上表面的路程大，所以空气通过机翼上表面的流速大、压强小，通过下表面的流速较小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差使飞机获得向上的升力．故D错误．

故选C．

8．我们的学习和生活都离不幵电，在日常生活中应该树立安全用电的意识．如图所示的各种做法中．正确的是(　　)

A．

湿手扳开关，湿面

擦与电源相连的台灯

B．

抢救触电者的做法

C．

随意在高压设备下行走

D．

随意使用绝缘层被破损的导线

[考点]安全用电原则．

[分析]利用安全用的知识分析判断，注意：

(1)生活用水是导体；

(2)发生触电事故时，首先要切断电源或使触电者脱离电源；

(3)安全用电的基本原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体；

(4)绝缘层破损的导线容易造成触电事故，应及时更换．

[解答]解：A、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，不符合安全用电要求；

B、有人触电时，可以用绝缘性能好的竹竿、木棍等将电线挑开，使触电者脱离电源，符合安全用电要求；

C、高压设备带高压电，从安全用电原则可知不靠近高压带电体，因此随意在高压设备下行走非常危险．不符合安全用电要求；

D、家庭电路中，使用绝缘层破损的导线容易造成触电事故．不符合安全用电要求．

故选B．

9．如图是小明在学习电磁感应现象时．探究产生感应电流的方向与哪些因素有关的实验情景(图中箭头表示导体的运动方向)．下列分析、比较以及结论正确的是(　　)

A．比较甲、乙两图．说明感应电流方向与磁场方向无关

B．比较乙、丙两图，说明感应电流方向与导体运动方向有关

C．比较甲、丙两图，说明感应电流方向与磁场方向和导体运动方向均无关

D．由图丁可得出结论：感应电流方向与导体是否运动无关

[考点]电磁感应．

[分析]此题的实验中，涉及到感应电流方向、磁场方向、导体运动方向三个变量，若要研究他们之间的关系，就要用到控制变量法，那么就应该从四个图中的“变”与“不变”入手分析．

[解答]解：

A、图甲和图乙中，磁场方向不相同，导体运动方向相同，电流方向不变，即可以得到磁场方向和感应电流方向有关，故A错误；

B、图乙和图丙中，磁场方向相同，不同的是导体运动方向，可以说明感应电流的方向与导体运动方向有关，故B正确；

C、图甲和图丙中，磁场方向和导体运动方向都不相同，无法研究两者与感应电流的关系，故C错误；

D、图丙中，只向上运动，做法过于片面，无法得到感应电流和导体是否运动之间的联系，故D错误；

故选B．

10．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合幵关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，以下说法正确的是(　　)

A．两电流表示数的差值变小

B．电压表V示数与电流表A1示数的比值不变

C．电压表V示数与电流表A2示数的比值不变

D．电压表V示数与电流表A2示数的乘积变大

[考点]欧姆定律的应用．

[分析]由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中

各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化以及电流表差值之间的关系，利用欧姆定律得出电压表V示数与电流表A1示数的比值变化和V表示数与A2表示数的比值变化．

[解答]解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流；

因为电源的电压不变，所以电压表的示数不变；

并联电路中各支路独立工作、互不影响，

滑片移动时，通过R2的电路

不变，即电流表A2的示数不变；

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，

并联电路中各支路两端的电压相等，由I=

可知，通过滑动变阻器R1支路的电流变大，

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以干路电流变大，即电流表A1的示数变大；

A1表示数与A2表示数的差值等于滑动变阻器R1支路的电流，变大，所以两电流表示数的差值变大，故A错误；

电压表的示数不变，电流表A1的示数变大，所以电压表V示数与电流表A1示数的比值变小，故B错误；

电压表的示数不变，电流表A2的示数不变，所以电压表V示数与电流表A2示数的比值不变，故C正确；

电压表V示数与电流表A2示数的乘积不变，故D错误．

故选C．

二、非选择题

11．清晨的公园里鸟语花香．我们听到“鸟语”声是通过空气传到人耳的；闻到的“花香”是一种扩散现象；如图所示，我们常常会看到花草树叶上有一些水珠．水珠是空气中的水蒸气液化(填物态变化名称)形成的；甲图中看到水珠后面远处景物是倒立的，乙图中透过树叶上的水珠观察到树叶清晰的叶脉．则水珠相当于一个凸透镜，手机摄像头的成像原理与甲(选填“甲乙”)图相同．

[考点]声音的传播条件；凸透镜成像的应用；扩散现象．

[分析](1)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音，通常听到的声音是通过空气传来的

(2)构成物体的分子每时每刻都在不停的做无规则运动，这属于扩散现象；

(3)物质由气态变成液态是液化．

(4)露珠是一个凸透镜，看远处的物体是倒立的，看近处的物体是放大的，摄像头成倒立缩小的实像

[解答]解：(1)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音，我们听到的鸟语是通过空气传播的；

(2)我们能闻到花香是因为花香分子运动到空气中，吸入鼻子，属于扩散现象；

(3)露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象；

(4)露珠中间厚，边缘薄，形成一个水凸透镜，乙图叶脉在水凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像，和放大镜的原理是相同的．

甲图中看到水珠后面远处景物是倒立缩小的像，是因为物体距离凸透镜稍远，在二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，和手机摄像头的原理相同．

故答案为：空气；扩

散；液化；凸透；甲．

12．钓鱼是许多人喜爱的一种休闲活动，如图所示．当有鱼上钩时．鱼竿会被拉弯．说明力能改变物体的形状；起鱼时，若其它条件不变．鱼竿长度越长，手提鱼竿的力越大．如钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，再沿水平方向移3m，在这一过程中，钓鱼者克服鱼的重力做功为8J．

[考点]力的作用效果；杠杆的应用；功的计算．

[分析](1)力的作用效果有两个：改变物体的形状，改变物体的运动状态；

(2)结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，然后根据杠杆平衡条件分析；

(3)明确做功的两个必要因素，利用W=Gh可求得他克服鱼的重力做功．

[解答]解：(1)当有鱼上钩时，鱼对鱼竿的拉力会使鱼竿变弯，说明力改变物体的形状；

(2)鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．若其他条件不变，鱼竿长度越长，阻力臂增大，而动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力增大，即手提鱼竿的力越大；

(3)钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，他克服鱼的重力做功，再沿水平方向移动1m，在这一过程中不做功，

故他克服鱼的重力做功W=Gh=4N×2m=8J．

故答案为：形状；大；8．

13．如图所示，无线路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备．可以通过后排接口同时连接多台电脑实现有线连接，则各接口之间是并联(选填“串联’或“并联”)的，还可以通过电磁波(选填“超声波”或“电磁波”)实现无线连接；甶于电流的热效应，工作时间长了，外壳会发烫；为了防止因漏电而发生触电事故，电脑外売要接地．

[考点]串联电路和并联电路的辨别；电磁波的传播；电流的热效应、化学效应和磁效应；触电危害及常见的触电类型与预防．

[分析]用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响．

无线连接是利用电磁波来传递信号的．

导体由电流通过时会产生热量，这就是电流的热效应．

金属外壳的家用电器的外壳一定要接地，这样可以避免触电事故的发生．

[解答]解：同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的．

路由器能实现与笔记本电脑的无线连接，是通过电磁波来传递信号的．

由于电流热效应，无线路由器工作时间长了，会产生大量的热量，外壳会发烫；

有金属外壳的用电器漏电时，如果不接地线，人接触金属外壳，会发生触

电事故；如果金属外壳接在地线上，人接触漏电的用电器时，人体被地线短路，能防止触电事故的发生；故电脑外壳应接地．

故答案为：并联；电磁波；热；接地．

14．如图为陆水河畔赤壁古城脚傍的“风光互补路灯”的照片，此灯组不需要外界对其供电，它能将太阳能和风的机械能转化为电能给各自的蓄电池充电．在一定时间内它们供给蓄电池的能置为2.94×107J．若这些能量全部被水吸收．在一个标准大气压下．能将100　kg的水30℃加热到沸腾． (C水=4.2×103J/kg•℃)

[考点]太阳能的转化；热量的计算．

[分析](1)风力发电机可以通过风吹动扇片转动，把风的机械能转化为电能；

(2)1标准大气压下水的沸点是100℃，根据Q吸=cm(t﹣t0)求出可加热沸腾水的质量．

[解答]解：

(1)风车利用风力发电，可以把风的机械能转化为电能；

(2)根据题意可知，Q吸=2.94×107J，1标准大气压下水的沸点是100℃；

由Q吸=cm(t﹣t0)可得，可加热沸腾水的质量：

m=

=

=100kg．

故答案为：机械；100．

15．如图所示．OB为一束光线在水面的反射光线，0为入射点．请画出入射光线和其进入水中的折射光线．

[考点]作光的折射光路图；作光的反射光路图．

[分析]光的反射中，反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居在法线两侧；

当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，折射光线和入射光线分居在法线两侧．

[解答]解：先过入射点作出法线，然后根据反射角与入射角相等作出入射光线AO，根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角作出折射光线OC，如图所示：

16．“不倒翁”是许多同学喜欢的一种小玩具，如图所示的“不倒翁”质量为 0.2kg．请在图中画出“不倒翁”所受重力的图示(图中点O表示“不倒翁”的重心)．

[考点]重力示意图．

[分析]先求出不倒翁的重力，然后画出标度，再根据标度表示的力和重力的大小过重心表示重力的大小和方向．

[解答]解：“不倒翁”的重力：G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，

画出表示1N的力的标度，然后过重心作竖直向下的、大小为2N的重力．如图所示：

17．物理课上，同学们分组做“探究水的沸腾”的实验：

实验室常用的温度计是利用液体热胀冷缩的性质进行测置的．

“超越组”用的是如图甲所示装置，这样测出的温度会偏高(选填“高”或“低”)．

“先锋组”加热一定时间后，温度计的示数如图乙所示．此时水的温度为94℃．根据实验数据．他们描绘了水的温度随时间变化的图象．如图丙所示．如果操作及实验器材均無問題，可知此时大气压小于(选填“大于”、等于’或“小于”)标准大气压．根据水沸腾时的特点，家里煮鸡蛋时．当水沸腾时可以改用小(选填“大”或“小”)火继续煮较好．

实验中收集多组数据是为了A(选填“A”或“B”)．

A．寻找普遍规律　　 B．减小实验误差．

[考点]

探究水的沸腾实验．

[分析](1)常用测量温度的工具是温度计，是利用液体的热胀冷缩性质测量温度的．使用温度计时，玻璃泡不能碰到容器底或壁，否则会受容器底或壁温度的影响；

(2)会进行温度计的读数，在读数之前首先要认清温度计的分度值．

要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度不变，知道水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高．

(3)实验中需要多次实验，是为了得到更普遍性沸腾规律．

[解答]解：(1)实验室中常用的温度计是利用液体热胀冷缩的性质来测量温度的．

由图甲知，温度计的玻璃泡碰到了容器底，由于容器底部的温度高于水内部的温度，故这样测出的温度会偏高；

(2)由图乙知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为94℃．

根据图象可知，从7到10分钟，水的温度保持98℃不变，所以水的沸点为98℃．

由于水的沸点低于标准大气压下水的沸点，所以当时气压小于标准大气压．

因为水在沸腾过程中吸热但温度保持不变，所以家里煮鸡蛋时．当水沸腾时可以改用小火继续煮，可节省燃料．

(3)在此实验中，收集多组数据是为了寻找普遍规律，故选A．

故答案为：热胀冷缩；高；94；小于；小；A．

18．学校在运动会上要举行拔河比赛．某班级组队时．同学们陷入了不同意见之中．请你仔细艰察．认真分析，帮体育委员解决问题．

探究真知：为了研究影响滑动摩擦力大小的因素，同学们做了如图甲所示的实验．实验中使木块在弹簧测力计水平拉力的作用下做匀速直线运动，这样做可以根据二力平衡的知识得出拉力与摩擦力的大小相等．

分析总结：实验现象说明．在拔河比赛中可以通过增大(选填“增大”或“减小”)接触面的粗糙程度和增大压力来增大人与地面的摩擦力．使班级贏得比赛．

科学决策：组队时．在班上选体重大(选填“大”或“小”)的同学参加比赛．同时在比赛时脚穿图2中甲(选填“甲“、“乙”或“丙”)种鞋．

[考点]探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．

[分析](1)实验中研究的是木块受到的滑动摩擦力的大小，弹簧测力计测量的是木块受到的拉力，只有木块做匀速直线运动时拉力的大小才等于摩擦力；

(2)影响滑动摩擦力的因素有压力大小和接触面的粗糙程度．

[解答]解：(1)用弹簧测力计匀速拉动木块时，木块做匀速直线运动受到的力是平衡力，根据二力平衡的知识，此时摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块拉力的大小；

(2)根据实验现象可知增大接触面的粗糙程度和增大压力可以增大摩擦力，因此组队时，应该选用体重大的同学，同时在比赛时应该穿鞋底花纹较深的鞋子，故选穿甲种鞋子．

故答案为：匀速直线；二力平衡；增大；增大压力；大；甲．

19．冬冬和同学们在“探究电流与电阻的关系”的实验过程中：

他们先将R1接入图甲所示的电路中．再依次将定值电阻R2、R3接入a、b间进行实验．每次更换电阻后需将滑片P向左(选填“左”或“右”)端移动，以保持a、b两端的电压不变，他们根据测量数据描绘出了图乙所示的图象．分析图象可知：a、b两端的电压为2V，当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．

在做完上述实验后．冬冬他们将电路改为测量小灯泡的电功率．所用电源电压保持不变．图丙是他们所连接的实物图．

①闭合开关后．他们发现无论怎样移动滑片P，电压表的示数均为3V不变，小灯泡不发光．经检查，是由于其中一根导线连接错误造成的，请你用笔在实物图中将连接错误的导线打“×”并补画出正确的连线，

②排除故障后按照正确的操作进行实验，当小灯泡正常发光时．两电表的示数分別如图丁所示，电压表的示数为2.5V．电流表的示数为0.36A．小灯泡额定功率为0.9W．

[考点]探究电流与电压、电阻的关系实验．

[分析]根据串联分压或确定滑动变阻器的移动方向；根据图线的性质，可判断电源电压的大小，并确定电流与电阻的关系；

①从图中可以判断出电压表被串联在了电路中，且灯泡与变阻器并联了，据此再进一步确定错接的导线并改正；

②明确电流表和电压表的量程与分度值，根据指针位置读出示数，再利用公式P=UI计算小灯泡的额定功率．

[解答]解：实验中，将R1更换为R2，又将R2更换为R3，定值电阻的阻值增大，根据

串联分压的原理可知，定值电阻两端的电压将变大，为了控制定值电阻两端的电压不变，则应增大滑动变阻器两端的电压，增大变阻器连入电路的阻值，即滑片应向左端移动；

分析图乙可知，电流与导体的电阻关系图线为一条反比例图线，

由图乙数据可得，a、b两端的电压Uab=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V；

根据图乙可得：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．

①读实物图丙可以看出，灯泡与变阻器并联了，且电压表串联在电路中；电压表的内阻很大，则电路中电流非常小，此时电压表测量电源电压，因此会出现无论怎样移动滑片P，电压表的示数均为3V不变，小灯泡不发光的情况．

实物图中从电流表向灯泡的导线连接错误，其改正情况如图所示：

②从实物图中可以确定，电压表的量程为0-3V，分度值为0.1V，由丁图可知电压表示数为2.5V；

电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，由丁图可知电流表示数为0.36A；

小灯泡的额定功率为：P额=UI=2.5V×0.36A=0.9W．

故答案为：左；2；反比；

①见上图；②2.5；0.36；0.9．

20．如图所示，小车在水平面上通过滑轮组提升重物．动滑轮重400N．与小车连接的绳子能承受的最大拉力为6000N，小车的最大输出功率为15KW，水平地面上一物体A重1600N，与地面的接触面积为4m2．(不计小车所受摩擦阻力、绳重及滑轮组的摩擦)．请求

(1)提升前，物体A对水平地面的压强．

(2)滑轮组提升重物A时的机械效率．

(3)若要使被提升重物以1m/s的速度匀速上升，整个装置工作过程中能提升重物的最大重力．

[考点]压强的大小及其计算；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮(组)的机械效率．

[分析](1)提升前，物体A对水平地面的压力等于其自身重力，又知受力面积，利用p=

计算压强；

(2)利用η=

=

=

计算轮组提升重物A时的机械效率．

(3)首先确定滑轮组绳子的有效股数，然后求出小车移动的速度，再利用P=

=

=Fv求出小车能提供的最大拉力，再利用F=

(G+G动)计算整个装置工作过程中能提升重物的最大重力．

[解答]解：(1)提升前，物体A对水平地面的压力：F=G=1600N，

物体A对水平地面的压强：

p=

=

=400Pa；

(2)滑轮组提升重物A时的机械效率：

η=

=

=

=

=80%；

(3)由图可知，n=3，则小车运动的速度v=3v物=3×1m/s=3m/s，

根据P=

=

=Fv可得，小车能提供的最大拉力：

F=

=

=5000N，

因为F=

(G最大+G动)，

所以G最大=3F﹣G动=3×5000N﹣400N=14600N．

答：(1)提升前，物体A对水平地面的压强为400Pa；

(2)滑轮组提升重物A时的机械效率为80%．

(3)若要使被提升重物以1m/s的速度匀速上升，整个装置工作过程中能提升重物的最大重力为14600N．

21．如图所示电路，电源电压U和小灯泡L电阻不变，R1、R2是定值电阻，当开关S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为3V，电流表的示数为0.1A；当开关S、S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.6A；电阻R2的电功率是3.6W．请求：

(1)电阻R1的电阻值为30Ω，电源电压6V．

(2)当开关S、S1闭合，S2断开时，电流10s内通过电阻R1所产生的热量．

(3)当开关S、S1、S2都闭合，小灯泡L正常发光，小灯泡L的额定电功率．

[考点]欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．

[分析](1)当开关S闭合，S1、S2断开时，电阻R1、R2和灯泡串联，电压表测量R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的电阻值和电路的总电阻；

当开关S、S2闭合，S1断开时，电阻R1和灯泡L断路，只有R2工作，根据P=UI求出电源电压，根据欧姆定律和串联电路电阻规律求出R2的阻值和灯丝的阻值；

(2)当开关S、S1闭合，S2断开时，电路为R1的基本电路，根据Q=

t即可求出电流10s内通过电阻R1所产生的热量；

(3)当开关S、S1、S2都闭合，电阻R1、R2和灯泡并联，根据P=

即可求出小灯泡L的额定电功率．

[解答]解：(1)当开关S闭合，S1、S2断开时，电阻R1、R2和灯泡串联，电压表测量R1两端的电压，

由欧姆定律得，电阻R1的电阻值：R1=

=

=30Ω；

当开关S、S2闭合，S1断开时，电阻R1和灯泡L断路，只有R2工作，

由P=UI得，电源电压：U=

=

=6V；

电阻R2的电阻值：R2=

=

=10Ω；

当开关S闭合，S1、S2断开时，电路的总电阻：R=

=

=60Ω；

因为串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以阻值：R2=60Ω﹣30Ω﹣10Ω=20Ω；

(2)当开关S、S1闭合，S2断开时，电路为R1的基本电路；

电流10s内通过电阻R1所产生的热量：Q=

t=

×10s=12J；

(3)当开关S、S1、S2都闭合，电阻R1、R2和灯泡并联；

小灯泡L的额定电功率：PL=

=

=1.8W．

答：(1)30；6；

(2)当开关S、S1闭合，S2断开时，电流10s内通过电阻R1所产生的热量为12J．

(3)当开关S、S1、S2都闭合，小灯泡L正常发光，小灯泡L的额定电功率为1.8W．

2

2．某村在新农村建设中需在河道上修建一座石桥，图甲是使用吊车向河底投放圆柱形石块的示意图，在整个投放的过程中，石块始终以0.05m/s的速度匀速下降，图乙是吊车钢丝绳的拉力F随时间的变化图象(水的阻力忽略不计)．请求：

(1)石块的重力为7000N，石块全部浸没在河水中时所受的浮力为3000N；

(2)投放石块处河水的深度和水对河底的压强；

(3)石块的密度(保留一位小数)．

[考点]密度的计算；密度公式的应用；液体的压强的计算；浮力大小的计算．

[分析](1)分析钢绳拉力随时间t变化的图象，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，据此求出石块重力；当石块全浸入后，拉力等于重力减去浮力，据此求出石料受到的浮力；

(2)根据钢丝绳的拉力F随时间t变化的图象可知，石块在40s时接触水面，140s时到达河底，已知石块的速度，它行进的距离就是河水的深度h，再根据压强公式，可求出河底受到水的压强；

(3)根据阿基米德原理求石块排开水的体积(石块的体积)，知道石块重，利用重力公式求石块的质量，最后利用密度公式求石块的密度．

[解答]解：

(1)由图可知，当石块没有浸入水中时，拉力F=7000N，

此时拉力等于重力，

则石块重力G=F示1=7000N，

当石块全浸入后，浮力等于重力减去拉力，

F浮=G﹣F示2=7000N﹣4000N=3000N．

(2)石块从接触水面到接触河底用的时间t=140s﹣40s=100s，

由v=

得河底深度：

h=vt=0.05m/s×100s=5m，

此处河底受到的压强：

p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa；

(3)由F浮=ρ水gV排得：

V排=

=

=0.3m3，

因为石块完全浸没，

所以V石=V排=0.3m3，

m石=

=

=700kg，

ρ石=

=

≈2.3×103kg∕m3．

故答案为：

(1)7000；3000；

(2)投放石块处河水的深度为5m，水对河底的压强为5×104Pa；

(3)石块的密度是2.3×103kg∕m3．